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17.【解析】(1)根据洛伦兹力提供向心力得$$qvB=mv^2r$$$$T=2rv$$(1分)体棒的最小角速度(1分)(1分)$$=2T$$得$$=qEm$$(1分)(2)设粒子离开出口时的速度为$$v1,$$在电场中的加速时间为△t,则$$qv1B=mv1^2R$$(1分)粒子在电场中的加速度$$a=qEm$$(1分)m$$E=Ud$$(1分)$$U=12BL^2$$(1分)又因为$$v1=at$$(1分)解得$$t=2mRdqB0L^2$$(1分)(3)只有在$$0(T2-t)$$时间内飘入的粒子才能每次均被加速,则所占的比例为(1分)

16.解: (1)由法拉第电磁感应定律得,ab边产生电动势E=Bdv (2分) (2) 线圈中的电流I = { B d v } { R } (1分)ab边受到安培力F _ { a b } = B I d (1分)根据牛顿第三定律,火箭主体受力F _ { a b } ^ { ' } = F _ { a t } (1分)对于火箭主体受力,由牛顿第二定律得F ' _ { a b }-Mg=Ma (2分)解得火箭主体的加速度a = { B ^ { 2 } d ^ { 2 } v } { M R } - g (2分) (3)设下落t时间内火箭下落的高度为h,对火箭主体由动量定理得 M g t - { F ' } _ { a b } t = 0 - M v (1分)即M g t - B { d } d t = 0 - M v火箭下落过程中产生的平均电动势 { E } = { } { t } = { B d h } { t } (1分) { I } = { E } { R } = { B d h } { R t } (1分)由欧姆定律得电流的平均值(1分)有M g t - { B ^ { 2 } d ^ { 2 } h } { R } = a 1 M v解得h = { M R ( v + g t ) } { B ^ { 2 } d ^ { 2 } } (1分)根据能量守恒定律,产生的电能为E=E = M g h + { 1 } { 2 } M v ^ { 2 } (1分)解得E = { M ^ { 2 } g R ( v + g t ) } { B ^ { 2 } d ^ { 2 } } + { 1 } { 2 } M v ^ { 2 } (1分)

14.B由材料可知,汉班托特港距印度洋航线仅10海里,地理位置优越,有利于其未来成为南亚区域重要的船舶加油中心。15.D北京比汉班托特港约早2.5个小时,因此“凯歌号”油船正驶离汉班托特港时,北京时间约为14:30;4月7日太阳直射北半球但不在北回归线上,故当天北极圈上不会出现极昼现象,科伦坡此时昼长夜短;次日,太阳直射点继续远离赤道,赤道正午太阳高度会减小。

20.部分“洋垃圾”具有回收利用的价值,且回收利用技术要求低;改革开放初期我国经济发展水平低,生产原料短缺,进口“洋垃圾”可在一定程度上补充生产原料不足;利用“洋垃圾”作为原料生产成本低,经济效益高;相关法律法规不健全,相关部门管理力度不够;公众环保意识、环境安全意识不足。(任答四点,8分)